大佬教程收集整理的这篇文章主要介绍了20210812 数列,数对,最小距离,真相,大佬教程大佬觉得挺不错的,现在分享给大家,也给大家做个参考。
T1 一眼扩欧,前段时间刚复习过
T2 感觉很可做,但想了很久也不会
T3 画了画图发现可以多源次短路
T4 感觉很可做,想到了根据 $
分段,细节没想
开 T1,写完过不了大样例,看了半天也没看出来。回头看草稿纸上的式子,发现少乘了一项,改完又拍出一组错,发现 (|x|=|x-k_1|) 相等是 WA 了,顺便改了改暴力,保证它求出的一定正确(while
+assert
)。然后发现拍得太慢,调小数据拍了 (10^4) 组就改回去了,又调大了。此时 8.30,感觉很稳
T2 想起以前考过的 一道题,但这题顺序不确定,尝试了各种排序都过不了大样例,最后 shuffle
走人
T3 写的很顺利,一发过了大样例,拍上就去上厕所了,回来发现挂了???很慌,害怕假了,改小数据拍出来发现有个地方没判起点是否相同,然后就过拍了。调数据的时候不知道为什么,暴力要么不到 1s 就跑完了,要么就 10s+,最后选了大数据
9.50 开 T4,此时心态还比较稳健。写着写着发现有个地方不会处理,只能 (O(n^2)) 暴力背包,先跳过了。写完其他部分还是不会。。。得分退化到 65。大概 10.50 过了小样例,大样例,我大样例呢???重下了一边下发文件,发现只有这题没大样例,搞人心态呀。于是手造数据开始调,直接调到 11.10,先把其他 3 题交了,想着保 30 把,开始大力特判,最后胡乱交了
rk2 100+10+100+0 T2 乱搞一分没有 T4 改数组时没改全,RE 了
rk1 杨哲灏 100+0+100+30 rk2 杨宸骁 10+100+0+100
方程 (ax+by=c,ale b) 的 (|x|+|y|) 最小解在 (X) 取最小正值或最大负值时取到
int n;
LL a,b,c;
LL d,xx,yy,k1,k2,ans;
LL exgcd(LL a,LL b) {
if( !b ) { xx = 1, yy = 0; return a; }
LL d = exgcd(b,a%b);
LL z = xx; xx = yy, yy = z - a / b * yy;
return d;
}
signed main() {
// freopen("a.in","r",stdin);
// freopen("a.out","w",stdout);
read(n,a,b);
if( a > b ) swap(a,b);
d = exgcd(a,b), k1 = b / d, k2 = a / d;
For(i,1,n) {
read(c); c = -c;
if( c % d ) { puts("-1"); return 0; }
LL x = (c/d*xx % k1+k1)%k1, y = (c-a*X)/b;
if( abs(x-k1)+abs(y+k2) < abs(X)+abs(y) ) x -= k1, y += k2;
ans += abs(X)+abs(y);
}
write(ans);
return iocl();
}
/*
1 455 824
412
*/
考虑同时选两对数 ((a_i,b_i),(a_j,b_j)),如果 (a_ile b_i,a_jge b_i),那么 (i) 一定在 (j) 前面,反之亦然。那么按 (a+b) 排序后 DP 即可
const int n = 1e5+5;
int n;
struct Node { int a,b,w; } a[n];
int mx,lsh[N*2];
LL ans;
#define ls (u<<1)
#define rs (u<<1|1)
namespace seg {
struct Node { int l,r; LL mx,add; } t[N*8];
void up(int u) { t[u].mx = max(t[ls].mx,t[rs].mX); }
void down(int u,LL X) { t[u].mx += x, t[u].add += x; }
void down(int u) { down(ls,t[u].add), down(rs,t[u].add), t[u].add = 0; }
void build(int u,int l,int r) {
t[u] = Node{l,r,0,0};
if( l == r ) return;
int mid = l+r>>1;
build(ls,l,mid), build(rs,mid+1,r);
}
void modify(int u,int p,LL X) {
if( t[u].l == t[u].r ) { ckmax(t[u].mx,X); return; }
down(u);
modify( p<=t[ls].r?ls:rs ,p,X);
up(u);
}
void add(int u,int l,int r,LL X) {
if( l <= t[u].l && t[u].r <= r ) { down(u,X); return; }
down(u);
if( l <= t[ls].r ) add(ls,l,r,X);
if( t[rs].l <= r ) add(rs,l,r,X);
up(u);
}
LL query(int u,int l,int r) {
if( l <= t[u].l && t[u].r <= r ) return t[u].mx;
down(u);
LL res = 0;
if( l <= t[ls].r ) res = query(ls,l,r);
if( t[rs].l <= r ) ckmax(res,query(rs,l,r));
return res;
}
}
#undef ls
#undef rs
signed main() {
read(n);
For(i,1,n) read(a[i].a,a[i].b,a[i].w), lsh[++mx] = a[i].a, lsh[++mx] = a[i].b;
sort(lsh+1,lsh+mx+1), mx = unique(lsh+1,lsh+mx+1)-lsh-1;
For(i,1,n) a[i].a = lower_bound(lsh+1,lsh+mx+1,a[i].a)-lsh,
a[i].b = lower_bound(lsh+1,lsh+mx+1,a[i].b)-lsh;
sort(a+1,a+n+1,[](const Node &x,const Node &y){return x.a+x.b<y.a+y.b;});
seg::build(1,1,mX);
For(i,1,n) {
seg::modify(1,a[i].a,seg::query(1,1,min(a[i].a,a[i].b))+a[i].w);
if( a[i].a < a[i].b ) seg::add(1,a[i].a+1,a[i].b,a[i].w);
}
write(seg::t[1].mX);
return iocl();
}
从特殊点开始一起跑次短路,限制每个点的最短路、次短路必须由不同的特殊点开始
typedef pair<LL,int> PLI;
const int n = 2e5+5;
int n,m,p,id[n],mm=1,head[n],to[N*2],w[N*2],nxt[N*2];
PLI dis[n],dis2[n];
struct Node { int id; LL dis,dis2; };
bool operator < (const Node &x,const Node &y)
{ return x.dis!=y.dis ? x.dis>y.dis : x.dis2>y.dis2; }
priority_queue<Node> pq;
signed main() {
// freopen("c.in","r",stdin);
// freopen("c.out","w",stdout);
read(n,m,p);
For(i,1,p) read(id[i]);
For(i,1,m) {
int x,y,z; read(x,y,z);
to[++mm] = y, w[mm] = z, nxt[mm] = head[x], head[x] = mm;
to[++mm] = x, w[mm] = z, nxt[mm] = head[y], head[y] = mm;
}
mem(dis,0x3f,n), mem(dis2,0x3f,n);
For(i,1,p) dis[id[i]] = MP(0,id[i]), pq.push(Node{id[i],0,dis2[id[i]].fi});
while( !pq.empty() ) {
Node now = pq.top(); pq.pop();
int u = now.id;
if( dis[u].fi < now.dis || (dis[u].fi==now.dis && dis2[u].fi<now.dis2) )
conTinue;
// printf("@ %d %lld %lldn",u,dis[u].fi,dis2[u].fi);
for(int i = head[u], v; v = to[i], i; i = nxt[i]) {
bool flg = 0;
if( dis[u].fi+w[i] < dis[v].fi ) {
if( dis[u].se != dis[v].se ) dis2[v] = dis[v];
dis[v].fi = dis[u].fi+w[i], dis[v].se = dis[u].se, flg = 1;
} else if( dis[u].se != dis[v].se && dis[u].fi+w[i] < dis2[v].fi )
dis2[v].fi = dis[u].fi+w[i], dis2[v].se = dis[u].se, flg = 1;
else if( dis2[u].se != dis[v].se && dis2[u].fi+w[i] < dis2[v].fi )
dis2[v].fi = dis2[u].fi+w[i], dis2[v].se = dis2[u].se, flg = 1;
if( flg ) pq.push(Node{v,dis[v].fi,dis2[v].fi});
}
}
For(i,1,p) write(dis2[id[i]].fi,' ');
return iocl();
}
考场上想的就是正解。。。
考虑以 $
分段,对于每一段如果开始的点真/假确定了,整段正话的数量和最后 $
的真假都确定了
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